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2018年慶応義塾大学総合政策|過去問徹底研究大問4

2019.09.03

2018年慶應義塾大学総合政策|過去問徹底研究大問4 方針の立て方 (1) 解に関する情報が与えられているので，解を文字で置くという解法を取ろう．問題文ではとが問われているため，解と係数の関係を用いて，とを引っ張り出すのが都合がいいと考えると方針を得られる．の未知数５つに対して，解と係数の関係で

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2018年慶應義塾大学総合政策|過去問徹底研究大問4

方針の立て方

(1)
解に関する情報が与えられているので，解を文字で置くという解法を取ろう．
問題文では $a$ と $b$ が問われているため，解と係数の関係を用いて， $a$ と $b$ を引っ張り出すのが都合がいいと考えると方針を得られる． $\alpha,\beta,\gamma,a,b$ の未知数５つに対して，解と係数の関係で得られる方程式は５つあるため，この方程式を解きさえすれば答えが得られると判断し，後はひたすらに計算をする．

(2)
未知数が $a$ の一文字だけなので，一先ずは３次方程式をなんとか解けないかと考える．すると，２次方程式の問題に帰着させられる．
２次方程式に帰着させた後は，問題文で解のことが問われていることから，解の公式を使って，強引に解を表現することを試みる．後は必要条件で答えの候補を炙り出し，個々について十分性を検証することで，真の答えを絞り込んでいく．

解答例
(31)(32)(33)(34)…… $\frac{13}{04}$
(35)(36)(37)(38)…… $\frac{-3}{04}$
(39)(40)…… $04$
(41)(42)(43)(44)…… $\frac{02}{03}$

解説

(1)
共通解を $\alpha,\beta$ として，３次方程式のもう一つの解を $\gamma$ とする．解と係数の関係から，
$\begin{cases} \alpha+\beta+\gamma=5 \\ \alpha\beta+\beta\gamma+\gamma\alpha=a \\ \alpha\beta\gamma=-3 \end{cases}$
$\begin{cases} \alpha+\beta=1 \\ \alpha\beta=b \end{cases}$
これを解くと，
$\begin{cases} a=\frac{13}{4} \\ b=-\frac{3}{4} \end{cases}$ ……(答)

(2)
$3x^3-\left(a+1\right)x^2-4x+a=0\Leftrightarrow\left(x+1\right)\left\{3x^2-\left(a+4\right)x+a\right\}=0$
$3x^2-\left(a+4\right)x+a=0$ の解は，
$x=\frac{a+4\pm\sqrt{\left(a+4\right)^2-12a}}{6}=\frac{a+4\pm\sqrt{a^2-4a+16}}{6}=\frac{a+4\pm\sqrt{\left(a-2\right)^2+12}}{6}$
よって，題意を満たすには， $\left(a-2\right)^2+12=n^2$ ( $n$ は４以上の自然数)が必要．
$\left(a-2\right)^2+12=n^2\Leftrightarrow\left(n-a+2\right)\left(n+a-2\right)=12$
$n-a+2とn+a-2$ はともに整数で， $n+a-2\geqq3$ であるから，上式を満たす可能性があるのは，
$\begin{cases} n-a+2=4 \\ n+a-2=3 \end{cases},\begin{cases} n-a+2=3 \\ n+a-2=4 \end{cases},\begin{cases} n-a+2=2 \\ n+a-2=6 \end{cases},\begin{cases} n-a+2=1 n+a-2=12 \end{cases}$
の４つである．これらを解くと，順番に，
$\begin{cases} n=\frac{7}{2} \\ a=\frac{3}{2} \end{cases},\begin{cases} n=\frac{7}{2} \\ a=\frac{5}{2} \end{cases},\begin{cases} n=4 \\ a=4 \end{cases},\begin{cases} n=\frac{13}{2} \\ a=\frac{15}{2} \end{cases}$
$n,a$ はともに整数であるから，適当なのは， $\begin{cases} n=4 \\ a=4 \end{cases}$ のみ．これより，答えは， $a=4$ のときで，整数ではない有理数解は $\frac{2}{3}$ ……(答)

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2018年慶応義塾大学総合政策　数学|過去問徹底研究大問3

2019.09.03

2018年慶應義塾大学総合政策|数学過去問徹底研究大問3 方針の立て方どれも期待値の定義通りに計算するだけで解答が得られる．特筆事項なし．解答例 (19)(20)(21)(22)…… (23)(24)(25)(26)…… (27)(28)(29)(30)…… 解説 (1) の期待値は，億円の

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2018年慶應義塾大学総合政策|数学過去問徹底研究大問3

方針の立て方

どれも期待値の定義通りに計算するだけで解答が得られる．特筆事項なし．

解答例

(19)(20)(21)(22)…… $\frac{07}{08}$
(23)(24)(25)(26)…… $\frac{27}{64}$
(27)(28)(29)(30)…… $\frac{09}{16}$

解説
(1)
$X_1$ の期待値は， $\frac{5}{8}\cdot1+\frac{3}{8}\cdot0=\frac{5}{8}$ 億円
$X_2$ の期待値は， $\frac{1}{4}\cdot1+\frac{3}{4}\cdot0=\frac{1}{4}$ 億円
よって， $S_1$ の期待値は， $\frac{5}{8}+\frac{1}{4}=\frac{7}{8}$ 億円……(答)

(2)
コインB，コインCの状態が，
(表，表)となる確率は， $\frac{5}{8}\cdot\frac{1}{4}=\frac{5}{32}$ であり，そのとき $S_1=2$ となる．
(表，裏)となる確率は， $\frac{5}{8}\cdot\frac{3}{4}=\frac{15}{32}$ であり，そのとき $S_1=1$ となる．
(裏，表)となる確率は， $\frac{3}{8}\cdot\frac{1}{4}=\frac{3}{32}$ であり，そのとき $S_1=1$ となる．
(裏，裏)となる確率は， $\frac{3}{8}\cdot\frac{3}{4}=\frac{9}{32}$ であり，そのとき $S_1=0$ となる．
よって， $Z_1$ の期待値は，
$\frac{5}{32}\left(2-\frac{7}{8}\right)^2+\frac{15}{32}\left(1-\frac{7}{8}\right)^2+\frac{3}{32}\left(1-\frac{7}{8}\right)^2+\frac{9}{32}\left(0-\frac{7}{8}\right)^2=\frac{27}{64}$ ……(答)

(3)
・コインAが表となる場合(その確率は $\frac{1}{2}$ )
コインBを二回投げた結果が，
(表，表)となる確率は， $\frac{5}{8}\cdot\frac{5}{8}=\frac{25}{64}$ であり，そのとき $S_2=2$ となる．
(表，裏)となる確率は， $\frac{5}{8}\cdot\frac{3}{8}=\frac{15}{64}$ であり，そのとき $S_2=1$ となる．
(裏，表)となる確率は， $\frac{3}{8}\cdot\frac{5}{8}=\frac{15}{64}$ であり，そのとき $S_2=1$ となる．
(裏，裏)となる確率は， $\frac{3}{8}\cdot\frac{3}{8}=\frac{9}{64}$ であり，そのとき $S_2=0$ となる．
・コインAが裏となる場合(その確率は $\frac{1}{2}$ )
コインCを二回投げた結果が，
(表，表)となる確率は， $\frac{1}{4}\cdot\frac{1}{4}=\frac{1}{16}$ であり，そのとき $S_2=2$ となる．
(表，裏)となる確率は， $\frac{1}{4}\cdot\frac{3}{4}=\frac{3}{16}$ であり，そのとき $S_2=1$ となる．
(裏，表)となる確率は， $\frac{3}{4}\cdot\frac{1}{4}=\frac{3}{16}$ であり，そのとき $S_2=1$ となる．
(裏，裏)となる確率は， $\frac{3}{4}\cdot\frac{3}{4}=\frac{9}{16}$ であり，そのとき $S_2=0$ となる．
よって， $Z_2$ の期待値は，
$\frac{1}{2}\left\{\frac{25}{64}\left(2-\frac{7}{8}\right)^2+\frac{15}{64}\left(1-\frac{7}{8}\right)^2+\frac{15}{64}\left(1-\frac{7}{8}\right)^2+\frac{9}{64}\left(0-\frac{7}{8}\right)^2\right\}+\frac{1}{2}\left\{\frac{1}{16}\left(2-\frac{7}{8}\right)^2+\frac{3}{16}\left(1-\frac{7}{8}\right)^2+\frac{3}{16}\left(1-\frac{7}{8}\right)^2+\frac{9}{16}\left(0-\frac{7}{8}\right)^2\right\}=\frac{9}{16}$ ……(答)

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2018年慶応義塾大学総合政策|数学過去問徹底研究大問2

2019.09.03

2018年慶應義塾大学総合政策|過去問徹底研究大問2 方針の立て方 (1) 平易な問題のため特筆事項なし． (2) 実際に，対角線ACと接する円を考えると，題意を満たす範囲についてはすぐ分かる．次に面積を求めることになるが，題意を満たす図形は，辺の長さが不明な六角形であり，この面積を直接求めるのは

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2018年慶應義塾大学総合政策|過去問徹底研究大問2

方針の立て方

(1)
平易な問題のため特筆事項なし．

(2)
実際に，対角線ACと接する円を考えると，題意を満たす範囲についてはすぐ分かる．次に面積を求めることになるが，題意を満たす図形は，辺の長さが不明な六角形であり，この面積を直接求めるのは難しい．そこで，長方形から三角形を２つ切り出すという解法にシフトする．

(3)
題意を満たす範囲については，(2)の対称性で考えればすぐに分かる．本問でもやはり題意を満たす図形の面積を直接求めるのは難しいため，三角形を切り出すという解法にシフトする．対称性から，切り出す三角形は二等辺三角形であることを見抜きたい．４つの三角形に関して分かる情報は底辺の長さだけであるから，４つの三角形だけに囚われず，12や9など，元から分かっている長さの情報が活用できないかを考える．すると本解の $\tan{\varphi}$ を特定する方針が立つ．

解答例
(7)(8)(9)……140
(10)(11)(12)……032
(13)(14)(15)(16)(17)(18)…… $\frac{359}{006}$

解説

(1)

上図の斜線部が題意を満たす．
$\therefore10\times14=140$ ……(答)

(2)

左上図の斜線部が題意を満たす．ここで，右上図のように，対角線ACと辺BCと接する半径１の円の中心をI，対角線ACと辺CDと接する半径１の円の中心をJとする．また，直線CIと辺AB，直線CFと辺DAの交点を，それぞれE，Fとする．更にIから辺BCへの垂線の足をG，Jから辺CDへの垂線の足をHとする．
ここでCGとCHの長さを求める．
まず，対角線ACの長さは，三平方の定理より20である．
また， $\angle$ ACE $=\angle$ ECB，∠ACF $=$ ∠FCDが成り立つから，角の二等分線の定理より，
AE $\colon$ EB $=20\colon16$ ，AF $\colon$ FD $=20\colon12$ が成り立つ．これより，EB $=\frac{16}{3}$ ，FD $=6$ と分かる．
更に， $\triangle$ EBC $\backsim\triangle$ IGC，△FCD∽△JCHより，相似比から，CG $=3$ ，CH $=2$ と分かる．
よって，左上図について長さの情報を足すと，下図となる．

上図より，(1)で求めた図形から， $12\times9$ の直角三角形を２つ取り除いた図形であることが分かる．よって，求める面積は，
$140-2\cdot\frac{1}{2}\cdot12\cdot9=32$ ……(答)

(3)

題意を満たす領域は上図の斜線部．
前問と同様に(1)で求めた図形から，三角形を４つ取り除いた図形と見做して考える．
上図のように角度 $\varphi$ を取ると， $\tan{\varphi}=\frac{12}{9}=\frac{4}{3}$ となる．このことより，右側の三角形の面積は，
$2\times\frac{1}{2}\cdot4\cdot4\tan{\varphi}=\frac{64}{3}$
となる．他の３つの三角形も同様に面積を求めることができて，左の三角形の面積は $\frac{64}{3}$ ，上下の三角形の面積はそれぞれ $\frac{75}{4}$ ．これより，求める面積は，
$140-2\cdot\frac{64}{3}-2\cdot\frac{75}{4}=\frac{359}{6}$ ……(答)

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2018年慶応義塾大学総合政策　数学|過去問徹底研究大問1

2019.09.03

2018年慶應義塾大学総合政策|過去問徹底研究大問1 方針の立て方 (1) 実際に題意を満たすつなげかたを探すことで方針を得る． (2) 「おはじきが取り除かれた」ことが前問の場合とどういう違いを与えるかを考える．おはじきが取り除かれれば，その場所のおはじきをつなげることができなくなるということだ

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2018年慶應義塾大学総合政策|過去問徹底研究大問1

方針の立て方

(1)
実際に題意を満たすつなげかたを探すことで方針を得る．

(2)
「おはじきが取り除かれた」ことが前問の場合とどういう違いを与えるかを考える．おはじきが取り除かれれば，その場所のおはじきをつなげることができなくなるということだから，前問の場合と比べて，いくつかの読み方ができなくなるということである．それを考えると余事象から攻めるのがカギだと分かる．

解答例

(1)(2)(3)……252
(4)(5)(6)……152

解説
(1)

上図のように考えれば，左上からスタートして下か右にしか移動せず右下にいくと考えて，10回の移動の何回目に下に移動するかを考えれば，求める場合の数は，
$_{10}\mathrm{C}_5=\frac{10!}{5!5!}=252$ 通り……(答)

(2)
余事象で考える．
前問の図で左から３番目，上から４番目のおはじきを通る経路を考えると，
${_5^}\mathrm{C}_3\times{_5^}\mathrm{C}_2=\frac{5!}{3!2!}\times\frac{5!}{2!3!}=100$ 通り
よって，求める場合の数は，
$252-100=152$ 通り……(答)

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2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問5

2019.09.03

2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問5 方針の立て方 (1) 問題で与えられた条件を書き下すのみ．点Pに関する条件は，線分APの長さが２のみであるため，これを書き下す．すると，の式となるため，の条件を加えて図示すれば答えとなる． (2) 立体図形上の点に関する問題であるため，ベクトルで考え

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2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問5

方針の立て方

(1)
問題で与えられた条件を書き下すのみ．点Pに関する条件は，線分APの長さが２のみであるため，これを書き下す．すると， $a,b$ の式となるため， $a,b$ の条件 $a\geqq0,b\geqq0$ を加えて図示すれば答えとなる．

(2)
立体図形上の点に関する問題であるため，ベクトルで考える．後は自分で置いた文字(本解答の場合には $k$ )を消去すること( $k$ にも条件がついていることに注意!)と，問題で与えられた条件 $a\geqq0,b\geqq0$ を加えれば答えとなる．

(3)
切り口は円であるため，半径を求めればよい．半径は原点と最遠点との距離になる．最遠点は自明に図形 $F$ 上にあるので，図形 $F$ 上の点を文字で表し，その最大値を求めればよい．

(4)
積分するだけ．

解答例

(1)
APの長さが2のため， $3+a^2+b^2=4\Leftrightarrow a^2+b^2=1$ ．
$a\geqq0,b\geqq0$ で図示すると，

(上図が答え)

(2)
AP上の点Qは， $\vec{\mathrm{OQ}}=\vec{\mathrm{OA}}+k\vec{\mathrm{AP}}$ $\left(0\leqq k\leqq1\right)$ を満たす．
$\therefore\left(x,y,z\right)=\left(0,0,\sqrt3\right)+k\left(a,b,-\sqrt3\right)$
$\therefore\begin{cases} x=ka \\ y=kb \\ z=\sqrt3-\sqrt3k \end{cases}$
上二式より， $k=\sqrt{x^2+y^2}$ ． $0\leqq k\leqq1$ より， $0\leqq x^2+y^2\leqq1$ ．また， $a\geqq0,b\geqq0$ より， $x\geqq0,y\geqq0$ ．
$\therefore z=\sqrt3-\sqrt{3\left(x^2+y^2\right)}$ 　( $0\leqq x^2+y^2\leqq1$ かつ $x\geqq0$ かつ $y\geqq0$ )……(答)

(3)
$F$ を $x=t$ で切ったとき，点 $\left(t,0,0\right)$ から最も遠い点を考える．
$F$ と $x=t$ の交線上の点は，
$\left(x,y,z\right)=\left(t,y,\sqrt3-\sqrt{3\left(t^2+y^2\right)}\right)$ 　(ただし， $0\leqq t^2+y^2\leqq1$ かつ $t\geqq0$ かつ $y\geqq0$ )と表せる．
点 $\left(t,0,0\right)$ との距離は， $\sqrt{y^2+3+3\left(t^2+y^2\right)-6\sqrt{t^2+y^2}}=\sqrt{4y^2-6\sqrt{t^2+y^2}+3t^2+3}$
$f\left(y\right)=4y^2-6\sqrt{t^2+y^2}$ とおくと，
$f^\prime\left(y\right)=8y-\frac{6y}{\sqrt{t^2+y^2}}=\frac{2y\left(4\sqrt{t^2+y^2}-3\right)}{\sqrt{t^2+y^2}}$
$\therefore y=\begin{cases} 0\left(\frac{3}{4}\leqq t\leqq1\right) \\ 0,\sqrt{\frac{9}{16}-t^2}\left(0\leqq t\leqq\frac{3}{4}\right) \end{cases}$ で $f^\prime\left(y\right)=0$
$\frac{3}{4}\leqq t\leqq1$ のとき $f^\prime\left(y\right)\geqq0$ となり，距離の最大値は $y=\sqrt{1-t^2}$ のときの $\sqrt{1-t^2}$ となる．
$0\leqq t\leqq\frac{3}{4}$ のとき，増減表を描くと，

$y$	$0$	$\cdots$	$\sqrt{\frac{9}{16}-t^2}$	$\cdots$	$\sqrt{1-t^2}$
$f^\prime\left(y\right)$	$0$	$-$	$0$	$+$	$+$
$f\left(y\right)$		$\searrow$		$\nearrow$

よって，最大値となりうるのは $y=0$ か $y=\sqrt{1-t^2}$ のとき．
$y=0$ のとき，距離は， $\sqrt{3t^2-6t+3}=\sqrt3\left(1-t\right)$ となり， $y=\sqrt{1-t^2}$ のとき，距離は， $\sqrt{1-t^2}$ となる．
$3t^2-6t+3\leqq1-t^2\Leftrightarrow\frac{1}{2}\leqq t\leqq1$ より，距離の最大値は，
$\begin{cases} \sqrt3\left(1-t\right)\ \left(0\leqq t\leqq\frac{1}{2}\right) \\ \sqrt{1-t^2}\ \left(\frac{1}{2}\leqq t\leqq\frac{3}{4}\right) \end{cases}$
$\frac{3}{4}\leqq t\leqq1$ のときの結果と合わせると，距離の最大値は，
$\begin{cases} \sqrt3\left(1-t\right) \left(0\leqq t\leqq\frac{1}{2}\right) \\ \sqrt{1-t^2} \left(\frac{1}{2}\leqq t\leqq1\right) \end{cases}$
$\therefore S\left(t\right)=\begin{cases} \pi\left\{\sqrt3\left(1-t\right)\right\}^2=3\pi\left(1-t\right)^2 \left(0\leqq t\leqq\frac{1}{2}\right) \\ \pi\left(\sqrt{1-t^2}\right)^2=\pi\left(1-t^2\right) \left(\frac{1}{2}\leqq t\leqq1\right) \end{cases}$ ……(答)

(4)
$V=\int_{0}^{1}S\left(t\right)dt=\int_{0}^{\frac{1}{2}}{3\pi\left(1-t\right)^2}dt+\int_{\frac{1}{2}}^{1}\pi\left(1-t^2\right)dt=\left[-\pi\left(1-t\right)^3\right]_0^{\frac{1}{2}}+\left[\pi\left(t-\frac{1}{3}t^3\right)\right]_{\frac{1}{2}}^1=\frac{13}{12}\pi$ ……(答)

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2019.09.03

2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問4 方針の立て方 (1) 「接線の問題は接点から始める」という基本的な解法から考える． (2)(3)は典型的な三次関数と接線の問題であり特筆事項なし．解答例 (1) よって，接点での接線は， ……(答) (2) 三次関数に複接線が存在しないことに注意す

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方針の立て方

(1)
「接線の問題は接点から始める」という基本的な解法から考える．

(2)(3)は典型的な三次関数と接線の問題であり特筆事項なし．

解答例

(1)
$f^\prime\left(x\right)=3x^2-1$
よって，接点 $\left(t,t^3-t\right)$ での接線は，
$y=\left(3t^2-1\right)x-2t^3$
$\therefore\begin{cases} m=3t^2-1\Leftrightarrow t=\pm\sqrt{\frac{m+1}{3}}\left(m\geqq-1\right) \\ -mp+q=-2t^3 \end{cases}$
$\therefore q=mp\pm2\left(\frac{m+1}{3}\right)^\frac{3}{2} \left(m\geqq-1\right)$ ……(答)

(2)
三次関数に複接線が存在しないことに注意すれば，(1)の接線の方程式に $\left(p,q\right)$ を代入した $t$ についての三次方程式： $q=\left(3t^2-1\right)p-2t^3$ の解が相異なる３つの実数解となれば必要十分．
$f\left(t\right)=2t^3-3pt^2+p+q$ ((右辺)̠ $-$ (左辺))として， $f\left(t\right)$ が極大値と極小値をもち，かつ，その２つの符号が正，負(異符号)であれば必要十分．
$f^\prime\left(t\right)=6t^2-6pt=6t\left(t-p\right)$
$\therefore p\neq0$ かつ， $f\left(0\right)f\left(p\right)<0\Leftrightarrow\left(p+q\right)\left(-p^3+p+q\right)<0$
$p=0$ のとき， $\left(p+q\right)\left(-p^3+p+q\right)=q^2\geqq0$ より， $p\neq0$ という条件は $\left(p+q\right)\left(-p^3+p+q\right)<0$ に内包される．
$\therefore\left(p+q\right)\left(-p^3+p+q\right)<0$ ……(答)

(3)
前問の結果より，図示すべき条件は，
$\begin{cases} p+q<0 \\ -p^3+p+q>0 \end{cases}$
または
$\begin{cases} p+q>0 \\ -p^3+p+q<0 \end{cases}$
これを図示すると，下図．
但し境界は含まない．

(上図が答え)

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2019.09.03

2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問3 方針の立て方 (1) がもっと具体的に書き下せることから具体的に書き下してみる．するとの与えられ方が数列の漸化式と同じ形式であることが見抜けて解法が得られる． (2) という重要な性質から考える．(※極限値が分かっていてその証明をしたい場合にはを利用

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2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問3

方針の立て方

(1)
$f\left(f^{n-1}\left(z\right)\right)$ がもっと具体的に書き下せることから具体的に書き下してみる．すると $f^n\left(z\right)$ の与えられ方が数列の漸化式と同じ形式であることが見抜けて解法が得られる．

(2)
$\lim_{n\rightarrow\infty}{\left|f^n\left(z\right)-\delta\right|}=0\Leftrightarrow\lim_{n\rightarrow\infty}{f^n\left(z\right)}=\delta$ という重要な性質から考える．(※極限値が分かっていてその証明をしたい場合には $\lim_{n\rightarrow\infty}{\left|f^n\left(z\right)-\delta\right|}=0$ を利用する方が証明がしやすいことも併せておさえておこう．)

(3)
複素数の円の問題であることと， $\left|\alpha\right|$ の形を作り出したいというところから， $\left|f^n\left(z\right)-\frac{\beta}{1-\alpha}\right|$ を考えることが思いつく．

解答例

(1)
$f^n\left(z\right)=f\left(f^{n-1}\left(z\right)\right)=\alpha f^{n-1}\left(z\right)+\beta\Leftrightarrowf^n\left(z\right)-\frac{\beta}{1-\alpha}=\alpha\left(f^{n-1}\left(z\right)-\frac{\beta}{1-\alpha}\right)$
$\therefore f^n\left(z\right)-\frac{\beta}{1-\alpha}=\left(f^1\left(z\right)-\frac{\beta}{1-\alpha}\right)\alpha^{n-1}=\left(f\left(z\right)-\frac{\beta}{1-\alpha}\right)\alpha^{n-1}=\left(z-\frac{\beta}{1-\alpha}\right)\alpha^n$
$\therefore f^n\left(z\right)=\left(z-\frac{\beta}{1-\alpha}\right)\alpha^n+\frac{\beta}{1-\alpha}$ ……(答)

(2)
$\left|a\right|<1$ より， $\lim_{n\rightarrow\infty}{\alpha^n}=0$
$\therefore\lim_{n\rightarrow\infty}{f^n\left(z\right)}=\left(z-\frac{\beta}{1-\alpha}\right)\lim_{n\rightarrow\infty}{\alpha^n}+\frac{\beta}{1-\alpha}=\frac{\beta}{1-\alpha}$
$\therefore{\mathrm{lim}}_{n\rightarrow\infty}{\left|f^n\left(z\right)-\frac{\beta}{1-\alpha}\right|}=0$
$\therefore\delta=\frac{\beta}{1-\alpha}$ ……(答)

(3)
$\left|f^n\left(z\right)-\frac{\beta}{1-\alpha}\right|=\left|z-\frac{\beta}{1-\alpha}\right|\cdot\left|\alpha^n\right|=\left|z-\frac{\beta}{1-\alpha}\right|$
よって， $\frac{\beta}{1-\alpha}$ を中心とする半径 $\left|z-\frac{\beta}{1-\alpha}\right|$ の円……(答)

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2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問2

2019.09.03

2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問2 方針の立て方 (1) (立体の表面積)(内接球の半径)=(立体の体積)となることを利用する．内接球の半径の問題ではまずこの公式を疑いたい． (2) 表面積の比については素直に計算すれば解答が得られる．その後の最大値も，単純な微分法の問題である． (3

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2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問2

方針の立て方

(1)
$\frac{1}{3}\times$ (立体の表面積) $\times$ (内接球の半径)=(立体の体積)となることを利用する．内接球の半径の問題ではまずこの公式を疑いたい．

(2)
表面積の比については素直に計算すれば解答が得られる．その後の最大値も，単純な微分法の問題である．

(3)
$a$ のみしか使えないため， $b$ を消去することを考えれば良い．前問の結果を用いれば容易に消去できる．

解答例

(1)
線分CDの中点をNとすると， $\triangle$ PMNについて，下図のように，Pから線分MNにおろした垂線の足をHとして，三平方の定理より，

PH $=\sqrt{b^2-a^2}$ であり，これが正四角錐PABCDの高さ．
底面積は，底面が一辺 $2a$ の正方形であることから， $4a^2$
よって，正四角錐PABCDの体積は，
$\frac{1}{3}\times4a^2\times\sqrt{b^2-a^2}=\frac{4a^2\sqrt{b^2-a^2}}{3}$
一方，正四角錐PABCDの表面積は，
$4a^2+4\cdot\frac{1}{2}\cdot2a\cdot b=4a^2+4ab$
よって，求める内接球の半径を $r$ とすると，表面積と体積の関係から，
$\frac{1}{3}\cdot\left(4a^2+4ab\right)\cdot r=\frac{4a^2\sqrt{b^2-a^2}}{3}\Leftrightarrow r=a\sqrt{\frac{b-a}{b+a}}$ ……(答)

(2)
内接する球の表面積は，
$4\pi r^2=4\pi a^2\cdot\frac{b-a}{b+a}=4\pi$ $a^2\cdot\frac{\frac{b}{a}-1}{\frac{b}{a}+1}=4\pi$ $a^2\cdot\frac{x-1}{x+1}$
正四角錐PABCDの表面積は， $4a^2+4ab=4a^2\left(1+\frac{b}{a}\right)=4a^2\left(1+x\right)$
$\therefore\frac{4\pi a^2\cdot\frac{x-1}{x+1}}{4a^2\left(1+x\right)}=\frac{x-1}{\left(x+1\right)^2}\pi$ ……(答)
$f\left(x\right)=\frac{x-1}{\left(x+1\right)^2}\pi$ とおくと， $f^\prime\left(x\right)=\frac{3-x}{\left(x+1\right)^3}\pi$
$x>0$ に注意して増減表を描くと，

$x$	$0$	$\cdots$	$3$	$\cdots$
$f\left(x\right)$	$\mathrm{+}$	$\mathrm{+}$	$0$	$-$
$f^\prime\left(x\right)$	$\nearrow$	$\nearrow$	最大	$\searrow$

よって，求める最大値は， $f\left(3\right)=\frac{\pi}{8}$ ……(答)

(3)
$x=3$ より， $b=3a$ ．よって，求める体積は，
$\frac{4a^2\sqrt{\left(3a\right)^2-a^2}}{3}=\frac{8\sqrt2}{3}a^3$ ……(答)

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2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問1

2019.09.03

2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問1 方針の立て方 (1) 実際にや，や等を求めることで方針及び解答が得られる．について考えるときには，の形を作るために与えられた式にを代入することも見抜きたい． (2) 前問での考察から，を数列と見做すと都合がいいことが分かる．そこで，やがどういう種類の

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2016年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問1

方針の立て方

(1)
実際に $f\left(2,1\right)$ や $f\left(3,1\right)$ ， $f\left(1,2\right)$ や $f\left(3,1\right)$ 等を求めることで方針及び解答が得られる． $f\left(m,1\right)$ について考えるときには， $f\left(m,1\right)$ の形を作るために与えられた式に $n=1$ を代入することも見抜きたい．

(2)
前問での考察から， $f\left(m,n\right)$ を数列と見做すと都合がいいことが分かる．そこで， $f\left(m,1\right)$ や $f\left(1,n\right)$ がどういう種類の数列なのかを考える．すると方針が得られる．本問は $m$ と $n$ の二変数であるが， $f\left(1,n\right)$ から $f\left(m,n\right)$ を考えるという解法は，「 $n$ を固定して $m$ を動かす」という考え方であり，一文字固定法の考え方を応用したものである．

(3)
$f\left(m,n\right)$ の具体的な表式が得られているので， $\left(2n-1\right)\cdot2^{m-1}$ が任意の正の整数を取れることを示せばよい．奇数が $2n-1$ で表されること， $2^{m-1}$ が偶数となることから，偶奇で別個に考えると良いという方針が立つ．

解答例

(1)
$m\geqq2$ のとき， $n=1$ とすることで，
$f\left(m,1\right)=2f\left(m-1,1\right)$
$\therefore f\left(m,1\right)=2^{m-1}f\left(1,1\right)=2^{m-1}$
$f\left(1,1\right)=1=2^{1-1}$ より， $f\left(m,1\right)=2^{m-1}$ は $m=1$ のときも成立．
$\therefore f\left(m,1\right)=2^{m-1}$ ……(答)
続いて， $f\left(1,n\right)=2n-1$ を数学的帰納法により示す．
$n=1$ のとき， $f\left(1,1\right)=1$ ， $2n-1=1$ より，成立．
$n=2$ のとき， $f\left(1,2\right)=\frac{1}{2}f\left(2,2\right)=3$ ， $2n-1=3$ より，成立．
$n=3$ のとき， $f\left(1,3\right)=\frac{1}{2}f\left(2,3\right)=\frac{1}{2^2}f\left(3,3\right)=5$ ， $2n-1=5$ より，成立．
次に， $n=k,k+1,k+2$ のとき $f\left(1,n\right)=2n-1$ が成り立つことを仮定する．
すると，
$f\left(1,k+3\right)=3f\left(1,k+2\right)-3f\left(1,k+1\right)+f\left(1,k\right)\bigm=3\left\{2\left(k+2\right)-1\right\}-3\left\{2\left(k+1\right)-1\right\}+\left(2k+1\right)\bigm=2k+5\bigm=2\left(k+3\right)-1$
これは， $n=k+3$ のときの成立を表す．
よって， $f\left(1,n\right)=2n-1$ ……(答)

(2)
$f\left(1,n\right)=2n-1$ と $f\left(m,n\right)=2f\left(m-1,n\right)$ より， $f\left(m,n\right)$ は $m$ について初項 $2n-1$ ，公比2の等比数列とみなせるから，
$f\left(m,n\right)=\left(2n-1\right)\cdot2^{m-1}$
$\therefore f\left(6,32\right)=\left(2\cdot32-1\right)\cdot2^{6-1}=2016$ ……(答)

(3)
$f\left(m,n\right)=\left(2n-1\right)\cdot2^{m-1}$ で， $m=1$ とすれば， $n$ を任意に設定することで，任意の奇数を取ることができる．
一方，任意の偶数については，全ての偶数は素因数分解によって， $2^x\times$ (奇数)とすることできるから， $m-1=x\Leftrightarrow m=x+1$ として， $n$ を任意に設定することで，任意の偶数を取ることができる．
証明終了．

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2017年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問5

2019.09.03

2017年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問5 方針の立て方 (1) 解についての情報しか与えられないため，本問は解を中心に考えていくという方針を得る．すると，(＊)の条件を使うことになるが，これを何度も使うことで解を作ることができると考える．結局三回使うと元の解に戻ってしまうため，ここで(＊)を

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2017年早稲田大学理工|過去問徹底研究大問5

方針の立て方

(1)
解についての情報しか与えられないため，本問は解を中心に考えていくという方針を得る．すると，(＊)の条件を使うことになるが，これを何度も使うことで解を作ることができると考える．結局三回使うと元の解に戻ってしまうため，ここで(＊)を使うのは終わり．異なる解の表式が３つ( $\alpha,\frac{-1}{\alpha+1},\frac{-\alpha-1}{\alpha}$ )得られたが，これらが相異なるならこれで解探しは終わりになると期待して，これらが相異なることを確認する(具体的には $\alpha=\frac{-1}{\alpha+1}$ ， $\frac{-1}{\alpha+1}=\frac{-\alpha-1}{\alpha}$ ， $\alpha=\frac{-\alpha-1}{\alpha}$ を計算して，これを満たす $\alpha$ が存在しないことを示せれば十分である)．あとは，求めるものが係数であることから，解と係数を結びつける公式，つまり，解と係数の関係を使えば解答が得られる．

(2)
$f\left(x\right)$ の具体的な表式が得られたため，普通の微分法の問題で解いていけばよい．

(3)
またしても解に着目しているため， $x=2\cos{\theta}$ を出発点として，(1)と同様に(＊)を繰り返し用いることで，解を全て出し尽くすことを考える．後は本解答の通り，それらが， $2\cos{2\theta}$ ， $2\cos{3\theta}$ と一致することを示す．

(4)
$\theta$ を求めるので，三角方程式を立式する必要があると考える．
さて，(3)では， $x=2\cos{\theta}$ から出発して(＊)を繰り返し使ったが， $x=2\cos{2\theta}$ から始めてもいいはずである．それを実際に試してみることで三角方程式を導ける．

解答例

(1)
$f\left(x\right)=0$ は3次方程式のため，少なくとも1つの実数解が存在する．その実数解を $x=\alpha$ とする．
すると， $g\left(\alpha\right)=\frac{-1}{\alpha+1}$ も解であり，よって， $g\left(g\left(\alpha\right)\right)=\frac{-1}{g\left(\alpha\right)+1}=\frac{-\alpha-1}{\alpha}$ も解であり，よって， $g\left(g\left(g\left(\alpha\right)\right)\right)=\frac{-1}{g\left(g\left(\alpha\right)\right)+1}=\alpha$ も解である．
ここで， $\alpha=\frac{-1}{\alpha+1}$ を仮定すると， $\alpha^2+\alpha+1=0$ となり， $\alpha$ は実数とはならないため不適．
$\alpha=\frac{-\alpha-1}{\alpha}$ を仮定すると， $\alpha^2+\alpha+1=0$ となり， $\alpha$ は実数とはならないため不適．
$\frac{-1}{\alpha+1}=\frac{-\alpha-1}{\alpha}$ を仮定すると， $\alpha^2+\alpha+1=0$ となり， $\alpha$ は実数とはならない．
よって， $x=\alpha,\frac{-1}{\alpha+1},\frac{-\alpha-1}{\alpha}$ は互いに相異なる３つの実数解であり，代数学の基本定理より，これが $f\left(x\right)=0$ の解の全てである．
３次方程式の解と係数の関係より，
$\begin{cases} \alpha+\frac{-1}{\alpha+1}+\frac{-\alpha-1}{\alpha}=-1 \\ \alpha\cdot\frac{-1}{\alpha+1}+\frac{-1}{\alpha+1}\cdot\frac{-\alpha-1}{\alpha}+\frac{-\alpha-1}{\alpha}\cdot\alpha=p \\ \alpha\cdot\frac{-1}{\alpha+1}\cdot\frac{-\alpha-1}{\alpha}=-q \end{cases}$
第三式より， $q=-1$
第一式より， $\alpha^3+\alpha^2-2\alpha-1=0$ ．これと， $f\left(\alpha\right)=0\Leftrightarrow\alpha^3+\alpha^2+p\alpha+q=0\Leftrightarrow\alpha^3+\alpha^2+p\alpha-1=0$ を比較すると， $p=-2$
$\therefore\left(p,q\right)=\left(-2,-1\right)$ ……(答)

(2)
$f\left(x\right)=0$ が３つの実数解をもつことは前問の議論の通り．以下では，その３つの実数解が $-2<x<2$ の範囲にあることを示す．
$f\left(x\right)=x^3+x^2-2x-1$ より， $f\left(-2\right)=-10$ ， $f\left(0\right)=-10$ である．
$f\left(x\right)$ は連続関数であるから，中間値の定理より， $-2<x<-1$ ， $-1<x<0$ ， $0<x<2$ のそれぞれの範囲に $f\left(x\right)=0$ となる $x$ が存在する．証明終了

(3)
$2\cos{\theta}$ は $f\left(x\right)=0$ の解であるため，
$f\left(2\cos{\theta}\right)=0\Leftrightarrow8{\mathrm{cos}}^3\theta+4{\mathrm{cos}}^2\theta-4\cos{\theta}-1=0$ …①
が成立する．また，
$g\left(2\cos{\theta}\right)=\frac{-1}{2\cos{\theta}+1}$ も解となる．
ここで， $\frac{-1}{2\cos{\theta}+1}=2\cos{2\theta}$ を示す．
$\frac{-1}{2\cos{\theta}+1}=2\cos{2\theta}$ を示すには，これを変形した $8{\mathrm{cos}}^3\theta+4{\mathrm{cos}}^2\theta-4\cos{\theta}-1=0$ を示せば必要十分だが，これは，①より成立するため， $\frac{-1}{2\cos{\theta}+1}=2\cos{2\theta}$ 　　証明終了
さて， $g\left(g\left(2\mathrm{cos}{\theta}\right)\right)=\frac{-2\cos{\theta}-1}{2\cos{\theta}}$ も解となる．
ここで， $\frac{-2\cos{\theta}-1}{2\cos{\theta}}=2\cos{3\theta}$ を示す．
$\frac{-2\cos{\theta}-1}{2\cos{\theta}}=2\cos{3\theta}$ を示すには，これを変形した $\left(2\cos{\theta}-1\right)\left(8\cos^3\theta+4\cos^2\theta-4\cos{\theta}-1\right)=0$ を示せば必要十分だが，これは，①より成立するため， $\frac{-2\cos{\theta}-1}{2\cos{\theta}}=2\cos{3\theta}$ 　　証明終了
まとめると， $g\left(2\cos{\theta}\right)=2\cos{2\theta}$ ， $g\left(g\left(2\cos{\theta}\right)\right)=2\cos{3\theta}$ であり， $g\left(2\mathrm{cos}{\theta}\right)$ も $g\left(g\left(2\mathrm{cos}{\theta}\right)\right)$ は $f\left(x\right)=0$ の解であるから， $2\cos{2\theta}$ ， $2\cos{3\theta}$ は $f\left(x\right)=0$ の解である．証明終了

(4)
前問の議論より $g\left(2\cos{2\theta}\right)=g\left(g\left(2\mathrm{cos}{\theta}\right)\right)=2\cos{3\theta}$ が成り立つ．
さらに，前問で示した $g\left(2\cos{\theta}\right)=2\cos{2\theta}$ について， $\theta\rightarrow2\theta$ と置き換えると， $g\left(2\cos{2\theta}\right)=2\cos{4\theta}$ が成り立つ．
$\therefore\cos{3\theta}=\cos{4\theta}$ が成り立つ必要であり，これを解くと，
$3\theta=2n\pi\pm4\theta$ ( $n$ は整数) $\Leftrightarrow\theta=-2n\pi,\frac{2n\pi}{7}$
$0<\theta<\pi$ より， $\theta=\frac{2}{7}\pi,\frac{4}{7}\pi,\frac{6}{7}\pi$ である必要であると分かる．
$\theta=\frac{2}{7}\pi,\frac{4}{7}\pi,\frac{6}{7}\pi$ に対して， $x=2\cos{\theta}$ は相異なる３つの実数となり，これで十分であることも分かる．
よって， $\theta=\frac{2}{7}\pi,\frac{4}{7}\pi,\frac{6}{7}\pi$ ……(答)

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